+2a24 y+2a34z +a 0grysa/Wyk14mat.pdf · elipsoida 1 0 1 2 2 2 2 2 2 ... Hiperboloida...
Transcript of +2a24 y+2a34z +a 0grysa/Wyk14mat.pdf · elipsoida 1 0 1 2 2 2 2 2 2 ... Hiperboloida...
14.1
14. Krzywe stożkowe i formy kwadratowe 14.1. Kwadryki
Powierzchnią stopnia drugiego, lub krótko kwadryką, nazywamy
zbiór punktów P(x,y,z), których współrzędne spełniają równanie:
++++++ yza2xza2xya2zayaxa 2313122
332
222
11
0aza2ya2xa2 44342414 =++++
gdzie 0233
222
211 >++ aaa .
Każdą powierzchnię stopnia drugiego można za pomocą
translacji (przesunięcia) i obrotu sprowadzić do postaci kanonicznej,
tzn. takiej, gdzie w równaniu nie występują wyrazy mieszane, a
liczba wyrazów liniowych jest jak najmniejsza.
kwadraty wyrazy mieszane
wyrazy liniowe wyraz wolny
14.2
Mamy pięć typów kwadryk:
1. Typ elipsoidalny
pustyzbiórpunktelipsoida
101
2
2
2
2
2
2
−−−
⎪⎩
⎪⎨
⎧
−=++
cz
by
ax
Elipsoida to powierzchnia, której wszystkie przekroje płaskie są
elipsami. Szczególnym przypadkiem elipsoidy jest elipsoida
obrotowa, powierzchnia ograniczona powstała przez obrót elipsy
wokół własnej osi symetrii.
Dla a=b=c elipsoida jest sferą o promieniu a.
14.3
2. Typ hiperboloidalny
⎪⎩
⎪⎨
⎧
−=−+
101
2
2
2
2
2
2
cz
by
ax
Hiperboloida jednopowłokowa - powierzchnia drugiego stopnia
otrzymana w następujący sposób: daną hiperbolę H obraca się
dookoła jej osi symetrii L równoległej do kierownic tej hiperboli,
uzyskując w ten sposób powierzchnię obrotową nazywaną
hiperboloidą jednopowłokową obrotową.
Przekrój hiperboloidy jednopowłokowej płaszczyzną
równoległą do L jest hiperbolą lub parą przecinających się prostych,
a jej przekroje płaszczyznami prostopadłymi do L są elipsami (lub
okręgami) wzajemnie do siebie podobnymi. Elipsa otrzymana przez
przekrój hiperboloidy jednopowłokowej płaszczyzną prostopadłą do
− hiperboloida jednopowłokowa
− stożek
− hiperboloida dwupowłokowa
14.4
L i przechodzącą przez jej środek symetrii nazywa się elipsą szyjną.
Przez każdy punkt hiperboloidy jednopowłokowej przechodzą dwie
proste zawierające się w niej.
Hiperboloida dwupowłokowa
14.5
3. Typ paraboloidalny
⎪⎪⎩
⎪⎪⎨
⎧
≠
≠
−
=
0
0
0
2
2
22
a
p
,a
a,px
y
4. Typ paraboloidalno-eliptyczny
urojony eliptyczny walec)0 (prosta
eliptyczny waleceliptycznaa paraboloid
101
2
2
2
2
2
⎪⎪⎩
⎪⎪⎨
⎧
−===−
−−
−
=+zyx
z
by
ax
− walec paraboliczny
− płaszczyzny różne i równoległe
− płaszczyzna podwójna
− płaszczyzny urojone różne i równoległe
14.6
5. Typ paraboloidalno-hiperboliczny
⎪⎩
⎪⎨
⎧
−−−
−=−
yplaszczyzn się ceprzecinaj ą nyparabolicz walec
znahiperbolica paraboloid
101
2
2
2
2
by
ax
.
14.7
Kształt paraboloidy hiperbolicznej przypomina siodło. Jest to
powierzchnia prostokreślna, przez każdy jej punkt przechodzą dwie
różne proste leżące w całości na tej powierzchni
14.2. Powierzchnie obrotowe
Niech będzie dana krzywa K oraz dowolna prosta m.
Powierzchnią obrotową o osi obrotu m nazywamy zbiór okręgów
otrzymanych w wyniku obrotu każdego punktu P∈K dookoła prostej
m.
W przypadku, gdy krzywa K jest dana równaniem uwikłanym, a
osią obrotu odpowiednia oś układu współrzędnych, to równanie
powierzchni obrotowej można wyprowadzić w sposób
zaprezentowany w tabeli:
Równanie krzywej K
Oś
obrotu
Równanie
Powierzchni obrotowej
F(x,y) = 0 i z = 0
OX
( ) 022 =+ zy,xF
F(x,y) = 0 i z = 0
OY
( ) 022 =+ y,zxF
F(y,z) = 0 i x = 0
OY
( ) 022 =+ zx,yF
14.8
F(y,z) = 0 i x = 0
OZ
( ) 022 =+ z,yxF
F(x,z) = 0 i y = 0
OX
( ) 022 =+ zy,xF
F(x,z) = 0 i y = 0
OZ
( ) 022 =+ z,yxF
Przykład
Napisać równanie powierzchni powstałej w wyniku obrotu dookoła
osi OY :
a) krzywej 12 −= xy i z = 0,
b) prostej danej równaniem parametrycznym x = 2t − 1, y = t + 1, z
= t, t∈R.
Rozwiązanie
a) Równanie krzywej jest następujące 012 =+− xy i z = 0.
Ponieważ osią obrotu jest oś OY, więc postawiamy do równania
krzywej w miejsce x wyrażenie 22 zx + . Otrzymujemy stąd
równanie paraboloidy 221 zxy +=+ .
14.9
b) Przy obrocie danej prostej dookoła osi OY współrzędne każdego
punktu z tej prostej spełniają układ równań
( )⎩⎨⎧
+=+−=+
112 2222
tyttzx
. Wyliczając z drugiej zależności t = y −
1
i podstawiając do drugiego równania otrzymujemy równanie stożka
51
575
222 +⎟
⎠⎞
⎜⎝⎛ −=+ yzx
.
Przykład
Sprowadzić do postaci kanonicznej równanie
03212
41
43 222 =+−−−+−+ xzzyxyzyx .
Rozwiazanie
Grupujemy wyrazy w taki sposób, aby można było utworzyć pełne
kwadraty:
( ) 0321
41
432 22222 =+−−−−+−++ xzzyzyyyxyx
( ) ( ) 03241 22 =+−−++−+ xzzyzyyx
14.10
Stąd dokonując podstawienia: uyx =+ , vzy =+ ,
( ) wzx =−+ 321
otrzymujemy równanie kanoniczne paraboloidy
hiperbolicznej wvu 24
22 =− .
Przykład
Dla powierzchni 0122422 =−+−+ zyyx wyznaczyć
krzywe przecięcia z płaszczyznami układu oraz punkty przecięcia z
osiami układu.
Rozwiązanie
W pierwszej kolejności wyznaczymy krzywe przecięcia z
płaszczyznami układu:
1. Z płaszczyzną OXY .
Do równania powierzchni podstawiamy z = 0.
Stąd 012422 =−−+ yyx lub zapisując w innej postaci:
( ) 162 22 =−+ yx . Zatem , krzywą przecięcia rozważanej
powierzchni z płaszczyzną OXY jest okrąg o środku w punkcie (0,2)
i promieniu 4.
14.11
2. Z płaszczyzną OXZ.
Do równania powierzchni podstawiamy y = 0 i otrzymujemy
równanie paraboli
621 2 +−= xz .
3. Z płaszczyzną OYZ.
Do równania powierzchni podstawiamy x = 0. Tutaj krzywą
przecięcia (co jest łatwe do sprawdzenia) jest parabola o równaniu
kanonicznym ( ) 8221 2 +−−= yz .
Natomiast punkty przecięcia powierzchni z osiami układu
otrzymamy podstawiając do równania powierzchni odpowiednio :
a) y = 0 i z = 0 przy wyznaczaniu punktu na osi OX, co nam daje
punkty ( )0032 ,, , ( )0032 ,,− .
b) x = 0 i z = 0 przy wyznaczaniu punktu na osi OY, co nam daje
punkty ( )020 ,,− , ( )060 ,, .
c) x = 0 i y = 0 przy wyznaczaniu punktu na osi OZ, co nam daje
punkt ( )600 ,, .
14.12
Przykład
Za pomocą nierówności opisać zbiór punktów ograniczonych
powierzchniami:
a) zyx =+ 22 i ( )222 2−=+ zyx dla z < 2,
b) 4222 =++ zyx , 9222 =++ zyx , 222 zyx =+ dla
22 yxz +≥ i y > 0.
Rozwiązanie
a) Rozwiązujemy układ ( )⎩⎨⎧
−=+=+
222
22
2zyxzyx
w celu wyznaczenia
krzywej przecięcia paraboloidy zyx =+ 22 ze stożkiem
( )222 2−=+ zyx . Podstawiając do drugiego równania w miejsce
22 yx + wyrażenie z, otrzymujemy równanie ( )22 2−= zz ,
którego rozwiązaniem są liczby 11 =z i 42 =z . Ponieważ z <
2, więc krzywą przecięcia obu powierzchni będzie okrąg o równaniu
122 =+ yx . Zatem zbór punktów ograniczony podanymi
powierzchniami można opisać następującym układem nierówności:
14.13
⎪⎩
⎪⎨
⎧
+−≤≤+−≤≤−−
≤≤−
2222
22
211
11
yxzyxxyx
x
.
b) Dwa pierwsze równania ,tj. 4222 =++ zyx i
9222 =++ zyx , są równaniami sfery, natomiast trzecie
równanie,tj. 222 zyx =+ , jest równaniem stożka. Aby
wyznaczyć krzywe przecięcia obu sfer ze stożkiem należy
rozwiązać następujące dwa układy:
⎩⎨⎧
=+=++
222
222 4zyx
zyx i ⎩⎨⎧
=+=++
222
222 9zyx
zyx
Podstawiając w obu układach do równania pierwszego w miejsce 2z wyrażenie 22 yx + , otrzymujemy odpowiednio równania
22 =z oraz 292 =z . Stąd rozwiązaniem pierwszego układu jest
okrąg 222 =+ yx , a drugiego układu okrąg 2922 =+ yx .
Uwzględniając dodatkowe założenia, zbiór punktów ograniczony
podanymi powierzchniami możemy zapisać następującymi
układami nierówności:
14.14
⎪⎩
⎪⎨
⎧
−−≤≤−−−≤≤≤≤−
2222
2
9420
22
yxzyxxy
x
,
⎪⎪⎪
⎩
⎪⎪⎪
⎨
⎧
−−≤≤+
−≤≤
≤≤−≤≤−
2222
2
9290
29x2 lub 2
29
yxzyx
xy
x
,
⎪⎪⎩
⎪⎪⎨
⎧
−−≤≤+
−≤≤−
≤≤−
2222
22
9292
22
yxzyx
xyx
x
.
14.3. Zadania 14.1. Napisać równanie powierzchni powstałej przez obrót dookoła osi zadanej krzywej: a) a) oś OZ , prosta: x = t +1 , y = t − 1, z = t,
b) oś OZ , krzywa: 194
22
=−zx
,
c) oś OX , prosta: x = t + 1, y = 2t + 4, z = 3t + 6, d) oś OY, prosta: x + y − 2= 0, x + z − 1 = 0,
e) oś OZ , krzywa: 12 2 += xz ,
f) oś OX i oś OY , krzywa: 1by
ax
2
2
2
2=+ ,
14.15
g) oś OX i oś OY, krzywa: 12
2
2
2
=−by
ax
,
h) oś OX i oś OY , krzywa: xey −= .
14.2. Wyznaczyć współrzędne środka i promień sfery danej równaniem:
a) 0424222 =−+−++ zyxzyx ,
b) 02642222 =−+−+++ zyxzyx ,
c) 04934222 =+−−++ zyzyx .
W każdym przypadku znaleźć przecięcie sfery z osiami i płaszczyznami układu. 14.3. W układzie OXYZ narysować powierzchnie: a) 09424222 =+−+−++ zyxzyx , b) 0622 =−+ zy ,
c) 052
222
=+
+−zyx
, d) 1259
22
=+zx
, e) xz 42 = ,
f) 0984 222 =−−++ yxyz , g) 024489 222 =−+−−− zxzyx . Dla podanych powierzchni znaleźć punkty przecięcia z osiami układu oraz krzywe przecięcia z płaszczyznami układu. 14.4. Sprowadzić do postaci kanonicznej równania: a) 01624222 =−−+−++ zyxzyx ,
b) 0442 222 =−++ zzyx , c) 028642 22 =+−+−− zyxyx ,
d) 03222 =−−+ zyz , e) zyz 163416 2 +=− , f) 01222 22 =−−+− yzxyzx ,
g) 0986262255 222 =+−−++−+++ zyxyzxzxyzyx . 14.5. Wyznaczyć rzuty na płaszczyzny układu krzywej powstałej w wyniku przecięcia danej powierzchni płaszczyzną:
14.16
a) 118232
222
=−+zyx
, 018 =−z ,
b) 11625
1625
16 222
=++zyx
, 5z = 12x,
c) 222 zyx =+ , x + 2z − 3 = 0,
d) 49
22 xyz −= , z = 1 , z = 0, y = −3, x = 2.
14.6. Dane są powierzchnie o równaniach:
1) zyx =+ 22, 2) xyx =+ 22 , 3) xyx 222 =+ , 4) z = 0.
Znaleźć równania krzywych powstałych z przecięcia wszystkich par danych powierzchni. 14.7. Za pomocą nierówności opisać zbiór punktów ograniczony powierzchniami: a) x = 0, x = 3, y = 1, y = 4, z = −1, z = 2, b) z = 0, x = 0, y = 0, 2x + y = 1, 422 ++= yxz ,
c) 2
22
94yzx
=+ , yzx 294
22
−=+ ,
d) 4222 =++ zyx , 9222 =++ zyx , 222 zyx =+ ,
dla x,y > 0 i 222 zyx ≤+ , e) 2222 Rzyx =++ , Ryzy =+ 22 . 14.8. Za pomocą nierówności opisać zbiór punktów ograniczony wszystkimi czterema powierzchniami z zadania 14.6.